Obtenha o nome do arquivo atual em gulp.src ()

No meu arquivo gulp.js, estou transmitindo todos os arquivos HTML da examplespasta para a buildpasta.

Para criar a tarefa gulp não é difícil:

var gulp = require('gulp');

gulp.task('examples', function() {
    return gulp.src('./examples/*.html')
        .pipe(gulp.dest('./build'));
});

Mas não consigo descobrir como recuperar os nomes dos arquivos encontrados (e processados) na tarefa ou não consigo encontrar o plug-in correto.

Não sei como você deseja usar os nomes dos arquivos, mas um destes deve ajudar:

• Se você quiser apenas ver os nomes, poderá usar algo como gulp-debug, que lista os detalhes do arquivo de vinil. Insira isso em qualquer lugar que você quiser uma lista, assim:

  var gulp = require('gulp'),
      debug = require('gulp-debug');
  
  gulp.task('examples', function() {
      return gulp.src('./examples/*.html')
          .pipe(debug())
          .pipe(gulp.dest('./build'));
  });

• Outra opção é gulp-filelog, que eu não usei, mas soa semelhante (pode ser um pouco mais limpo).

• Outra opção é gulp-filesize, que gera o arquivo e seu tamanho.

• Se você deseja obter mais controle, pode usar algo como gulp-tap, que permite fornecer sua própria função e examinar os arquivos no canal.

Eu achei que este plugin estava fazendo o que eu esperava: gulp-using

Exemplo de uso simples: pesquise todos os arquivos no projeto com extensão .jsx

gulp.task('reactify', function(){
        gulp.src(['../**/*.jsx']) 
            .pipe(using({}));
        ....
    });

Resultado:

[gulp] Using gulpfile /app/build/gulpfile.js
[gulp] Starting 'reactify'...
[gulp] Finished 'reactify' after 2.92 ms
[gulp] Using file /app/staging/web/content/view/logon.jsx
[gulp] Using file /app/staging/web/content/view/components/rauth.jsx

Aqui está outra maneira simples.

var es, log, logFile;

es = require('event-stream');

log = require('gulp-util').log;

logFile = function(es) {
  return es.map(function(file, cb) {
    log(file.path);
    return cb();
  });
};

gulp.task("do", function() {
 return gulp.src('./examples/*.html')
   .pipe(logFile(es))
   .pipe(gulp.dest('./build'));
});

Você pode usar o módulo gulp-filenames para obter a matriz de caminhos. Você pode até agrupá-los por namespaces:

var filenames = require("gulp-filenames");

gulp.src("./src/*.coffee")
    .pipe(filenames("coffeescript"))
    .pipe(gulp.dest("./dist"));

gulp.src("./src/*.js")
  .pipe(filenames("javascript"))
  .pipe(gulp.dest("./dist"));

filenames.get("coffeescript") // ["a.coffee","b.coffee"]  
                              // Do Something With it 

Para o meu caso, gulp-ignore foi perfeito. Como opção, você pode passar uma função lá:

function condition(file) {
 // do whatever with file.path
 // return boolean true if needed to exclude file 
}

E a tarefa ficaria assim:

var gulpIgnore = require('gulp-ignore');

gulp.task('task', function() {
  gulp.src('./**/*.js')
    .pipe(gulpIgnore.exclude(condition))
    .pipe(gulp.dest('./dist/'));
});

Se você quiser usar a resposta @OverZealous '( https://stackoverflow.com/a/21806974/1019307 ) no TypeScript, precisará em importvez de require:

import * as debug from 'gulp-debug';

...

    return gulp.src('./examples/*.html')
        .pipe(debug({title: 'example src:'}))
        .pipe(gulp.dest('./build'));

(Eu também adicionei a title).