A geometria fornece insight e as desigualdades clássicas oferecem fácil acesso ao rigor.
Solução geométrica
Sabemos, a partir da geometria dos mínimos quadrados , que é a projeção ortogonal do vetor de dados x = ( x 1 , x 2 , … , x n ) sobre o subespaço linear gerado pelo vetor constante ( 1 , 1 , … , 1 ) e que σ xx¯=(x¯,x¯,…,x¯)x=(x1,x2,…,xn)(1,1,…,1)σxé diretamente proporcional à distância (euclidiana) entre e ˉ x . As restrições de não-negatividade são lineares e a distância é uma função convexa, de onde os extremos de distância devem ser atingidos nas bordas do cone determinadas pelas restrições. Este cone é o orthant positivo em R n e os seus bordos são os eixos de coordenadas, de onde segue-se imediatamente que todos menos um dos x i deve ser zero nas distâncias máximas. Para esse conjunto de dados, um cálculo direto (simples) mostra σ x / ˉ x = √xx¯.Rnxiσx/x¯=n−−√.
Solução que explora as desigualdades clássicas
é otimizado simultaneamente com qualquer transformação monotônica. À luz disso, vamos maximizarσx/x¯
x21+x22+…+x2n(x1+x2+…+xn)2=1n(n−1n(σxx¯)2+1)=f(σxx¯).
(A fórmula para pode parecer misteriosa até você perceber que apenas registra as etapas que você executaria ao manipular algebricamente σ x / ˉ xfσx/x¯ ao para obter uma forma simples, que é o lado esquerdo.)
Uma maneira fácil começa com a desigualdade do titular ,
x21+x22+…+x2n≤(x1+x2+…+xn)max({xi}).
(Isso não precisa de prova especial neste contexto simples: apenas substituir um fator de cada termo pelo componente máxima max ( { x i } ) :., Obviamente, a soma dos quadrados não diminuirá Factoring fora o termo comum max ( { x i } )x2i=xi×ximax({xi})max({xi}) gera o lado direito da desigualdade.)
Como não são todos 0 (isso deixaria σ x / ˉ x indefinido), a divisão pelo quadrado de sua soma é válida e fornece a desigualdade equivalentexi0σx/x¯
x21+x22+…+x2n(x1+x2+…+xn)2≤max({xi})x1+x2+…+xn.
Como o denominador não pode ser menor que o numerador (que é apenas um dos termos do denominador), o lado direito é dominado pelo valor , que é alcançado apenas quando todos, exceto um dos x i, são iguais a 0 . De onde1xi0
σxx¯≤f−1(1)=(1×(n−1))nn−1−−−−−−−−−−−−−−−√=n−−√.
Abordagem alternativa
Como não é negativo e não pode somar 0 , os valores p ( i ) = x i / ( x 1 + x 2 + … + x n ) determinam uma distribuição de probabilidade F em { 1 , 2 , … , n } . Escrevendo s para a soma dos x i , reconhecemosxi0p(i)=xi/(x1+x2+…+xn)F{1,2,…,n}sxi
x21+x22+…+x2n(x1+x2+…+xn)2=x21+x22+…+x2ns2=(x1s)(x1s)+(x2s)(x2s)+…+(xns)(xns)=p1p1+p2p2+…+pnpn=EF[p].
The axiomatic fact that no probability can exceed 1 implies this expectation cannot exceed 1, either, but it's easy to make it equal to 1 by setting all but one of the pi equal to 0 and therefore exactly one of the xi is nonzero. Compute the coefficient of variation as in the last line of the geometric solution above.